Question
给你两个单链表的头节点 headA 和 headB ，请你找出并返回两个单链表相交的起始节点。如果两个链表不存在相交节点，返回 null 。
图示两个链表在节点 c1 开始相交：
题目数据 保证 整个链式结构中不存在环。
注意，函数返回结果后，链表必须 保持其原始结构 。
自定义评测：
评测系统 的输入如下（你设计的程序 不适用 此输入）：
intersectVal - 相交的起始节点的值。如果不存在相交节点，这一值为 0 listA - 第一个链表 listB - 第二个链表 skipA - 在 listA 中（从头节点开始）跳到交叉节点的节点数 skipB - 在 listB 中（从头节点开始）跳到交叉节点的节点数
评测系统将根据这些输入创建链式数据结构，并将两个头节点 headA 和 headB 传递给你的程序。如果程序能够正确返回相交节点，那么你的解决方案将被 视 作正确答案 。
示例 1：
输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,6,1,8,4,5], skipA = 2, sk ipB = 3 输出：Intersected at ‘8’ 解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。 从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,6,1,8,4,5]。 在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。
示例 2：
输入：intersectVal = 2, listA = [1,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1 输出：Intersected at ‘2’ 解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。 从各自的表头开始算起，链表 A 为 [1,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。 在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。
示例 3：
输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2 输出：null 解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。 由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。 这两个链表不相交，因此返回 null 。
提示：
listA 中节点数目为 m listB 中节点数目为 n 1 <= m, n <= 3 * 104 1 <= Node.val <= 105 0 <= skipA <= m 0 <= skipB <= n 如果 listA 和 listB 没有交点，intersectVal 为 0 如果 listA 和 listB 有交点，intersectVal == listA[skipA] == listB[skipB]
进阶：你能否设计一个时间复杂度 O(m + n) 、仅用 O(1) 内存的解决方案？ Related Topics 哈希表 链表 双指针 👍 1683 👎 0
Answer
ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
//hashset
//先将链表A写入hashtable，再遍历链表b，判断hash表中是否有重复结点
if (headA == nullptr || headB == nullptr)
return nullptr;
unordered_set<ListNode *> set;
while (headA != nullptr) {
if (headA != nullptr) {
set.insert(headA);
headA = headA->next;
}
}
while (headB != nullptr) {
if (set.count(headB)) {
return headB;
}
headB = headB->next;
}
}
ListNode *getIntersectionNode2(ListNode *headA, ListNode *headB) {
//stack
//相交结点往后的所有节点相同，stack从上往下pop，top元素不相等时相交
stack<ListNode *>stackA, stackB;
while (headA != nullptr) {
stackA.push(headA);
headA = headA->next;
}
while (headB != nullptr) {
stackB.push(headB);
headB = headB->next;
}
ListNode *tmp = nullptr;
while (!stackA.empty() && !stackB.empty() && stackA.top() == stackB.top()) {
tmp = stackA.top();
stackA.pop();
stackB.pop();
}
return tmp;
}
//A: a1,a2,c1,c2,c3
//B: b1,b2,b3,c1,c2,c3
//p1:a1,a2,c1,c2,c3,b1,b2,b3,c1,c2,c3
//p2:b1,b2,b3,c1,c2,c3,a1,a2,c1
//当p1遍历完A再遍历B，p2遍历完B再遍历A，链表相交则会相遇
ListNode *getIntersectionNode3(ListNode *headA, ListNode *headB) {
if (headA == nullptr || headB == nullptr)
return nullptr;
ListNode *p1 = headA, *p2 = headB;
while (p1 != p2) {
if (p1 == nullptr) {
p1 = headB;
} else {
p1 = p1->next;
}
if (p2 == nullptr) {
p2 = headA;
} else {
p2 = p2->next;
}
}
return p1;
}
